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题目描述
Farmer John has been having trouble making his plants grow, and needs your help to water them properly. You are given the locations of N raindrops (1 <= N <= 100,000) in the 2D plane, where y represents vertical height of the drop, and x represents its location over a 1D number line:
Each drop falls downward (towards the x axis) at a rate of 1 unit per second. You would like to place Farmer John's flowerpot of width W somewhere along the x axis so that the difference in time between the first raindrop to hit the flowerpot and the last raindrop to hit the flowerpot is at least some amount D (so that the flowers in the pot receive plenty of water). A drop of water that lands just on the edge of the flowerpot counts as hitting the flowerpot.
Given the value of D and the locations of the N raindrops, please compute the minimum possible value of W.
老板需要你帮忙浇花。给出N滴水的坐标，y表示水滴的高度，x表示它下落到x轴的位置。
每滴水以每秒1个单位长度的速度下落。你需要把花盆放在x轴上的某个位置，使得从被花盆接着的第1滴水开始，到被花盆接着的最后1滴水结束，之间的时间差至少为D。
我们认为，只要水滴落到x轴上，与花盆的边沿对齐，就认为被接住。给出N滴水的坐标和D的大小，请算出最小的花盆的宽度W。
输入输出格式
输入格式：
第一行2个整数 N 和 D。
第2.. N+1行每行2个整数，表示水滴的坐标(x,y)。
输出格式：
仅一行1个整数，表示最小的花盆的宽度。如果无法构造出足够宽的花盆，使得在D单位的时间接住满足要求的水滴，则输出-1。
输入输出样例
输入样例#1：
4 5
6 3 2 4 4 10 12 15输出样例#1：
2
说明
【样例解释】
有4滴水， (6,3), (2,4), (4,10), (12,15).水滴必须用至少5秒时间落入花盆。花盆的宽度为2是必须且足够的。把花盆放在x=4..6的位置，它可以接到1和3水滴, 之间的时间差为10-3 = 7满足条件。
【数据范围】
40%的数据：1 ≤ N ≤ 1000，1 ≤ D ≤ 2000；
100%的数据：1 ≤ N ≤ 100000，1 ≤ D ≤ 1000000，0≤x,y≤10^6。
一句话题意: 给出\(n\)个点,以及它们的坐标\((x,y)\),要求出一个长度\(ans\)使得从\([l,l+ans-1]\)的范围内的水滴的纵坐标的差的最大值大于等于\(D\).
题解: 显然这个区间的移动是具有单调性的.因为多加入一个水滴,最大值只有可能增大而不会减小,最小值也只会减小而不会增大,每减少一个水滴则情况相反,显然这个最大值最小值可以直接用单调队列来维护.
可以考虑直接将点存入队列中,维护队列的最小值,那么此时的差值就是队尾减队首的值.为什么呢?因为维护队列的最小值,那么队首就一定是最小的了.并且队尾是最后可能成为最小值的元素,所以在限定范围内队尾就是最大值.那么在维护过程中可以直接判断如果此时差值大于等于\(D\)了,就弹出队首继续往后判断.
#includeusing namespace std;const int N=100000+5;const int inf=2147483647;int n, d, ans = inf, h = 1, t = 0;struct water{ int x, y;}a[N], q[N];int gi(){ int ans = 0, f = 1; char i = getchar(); while(i<'0'||i>'9'){if(i=='-')f=-1;i=getchar();} while(i>='0'&&i<='9'){ans=ans*10+i-'0';i=getchar();} return ans * f;}bool cmp(water a, water b){ return a.x < b.x;}int main(){ n = gi(), d = gi(); for(int i=1;i<=n;i++) a[i].x = gi(), a[i].y = gi(); sort(a+1, a+n+1, cmp); for(int i=1;i<=n;i++){ while(q[t].y >= a[i].y && h <= t) t--; q[++t] = a[i]; while(q[t].y-q[h].y >= d) ans = min(ans, q[t].x-q[h].x), h++; } printf("%d\n", ans==inf ? -1 : ans); return 0;}